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Eingabefehler: "{" und "}" müssen immer paarweise auftreten, es wurde aber ein Teil ohne Entsprechung gefunden (siehe rote Markierung)
| Aufgabe | Sei $n \in \mathbb{N}_{0}$ und $ k \in \{ 0, 1, \ldots, n \}$. Gegeben seien Punktepaare $\{(x_{j}, y_{j})_{j = 0}^{n}$ mit äquidistanten Knoten $x_{j} = \frac{2 \pi j}{n + 1}$
a) Zeigen Sie, dass die diskrete Fouriertransformation $F_{n} : \mathbb{C}^{ n + 1} \rightarrow \mathbb{C}^{ n + 1}, die durch $(i = \sqrt{ - 1})$
$(F_{n} (y))_{k} := \frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{- i j x_{k}}$ definiert ist, folgende Eigenschaft erfüllt:
$\vert \vert F_{n}(y) \vert\vert_{2} = \vert \vert \frac{1}{\sqrt{n + 1}} y \vert\vert_{2}\quad \forall y \in \mathbb{C}^{ n+ 1}$
b) Die Faltung $*: \mathbb{C}^{ n + 1} \times \mathbb{C}^{ n + 1} \rightarrow \mathbb{C}^{ n + 1}$ von zwei Vektoren $y, z \in \mathbb{C}^{ n + 1}$ (die in beiden Indexrichtungen periodisch fortgesetzt sind) sind definiert durch
$(y * z)_{k} := \sum\limits_{ j = 0}^{n} y_{k - j} z_{j}$ $(k \in \{0, 1, \ldots, n \})$.
Zeigen Sie: Für alle $y, z \in \mathbb{C}^{ n + 1}$ gilt
$\frac{1}{n + 1} F_{n}(y * z) = (F_{n}(y)) \cdot ' (F_{n}(z))$,
wobei $\cdot '$ die punktweise Multiplikation ist, die durch $(y \cdot' z)_{k} := y_{k } z_{k}$ definiert ist. |
Ich bin ein wenig verzweifelt, da morgen früh schon die Abgabe ist und ich bis jetzt immer noch nicht weiß, wo der Fehler in meiner Rechnung ist, um die a) zu lösen.
Mein Ansatz zu $a)$ ist:
$F_{n}(y)$ ist ja ein $n +1$ - dimensionaler Vektor, also $F_{n}(y) = \left( \begin{array}{c} (F_{n}(y))_{0} \\\ \vdots \\\ (F_{n}(y))_{n} \end{array}\right) $
Betrachten wir die $k$ -te Komponente. Es ist
$ (F_{n}(y))_{k} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{- i j x_{k}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{- i j \frac{2 \pi k}{n + 1}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \frac{1}{\sqrt[n + 1]{e^{i j 2 \pi k}}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \frac{1}{\sqrt[n + 1]{cos(j 2 \pi k) + i sin(j 2 \pi k)}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j}$
Also ist $(F_{n}(y))_{k} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j}\quad \forall k \in \{0, 1, \ldots, n\}$
Damit haben wir $F_{n}(y) = \left( \begin{array}{c} \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \\\ \vdots \\\ \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j}\end{array}\right) $
Wenn wir die euklidische Norm bilden, erhalten wir:
$\vert \vert F_{n}(y) \vert \vert_{2} = \left ( \left ( \frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \right )^{2} + \ldots + \left ( \frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \right )^{2} \right )^{\frac{1}{2}} = \left ( (n + 1) \cdot \left ( \frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \right )^{2} \right )^{\frac{1}{2}}$
$ = \sqrt{n + 1} \cdot \frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} =
\frac{1}{\sqrt{n + 1}} \cdot \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j}$
Aber das ist ja nicht das selbe wie $\vert \vert \frac{1}{\sqrt{n + 1}} y \vert \vert_{2}$
Kann mir da jemand helfen und mir evtl. eine Tipp bei der b) geben ? Das wäre echt super!
lg, inkeddude
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Hiho,
> Mein Ansatz zu [mm]a)[/mm] ist:
> Betrachten wir die [mm]k[/mm] -te Komponente. Es ist
> [mm](F_{n}(y))_{k} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{- i j x_{k}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{- i j \frac{2 \pi k}{n + 1}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \frac{1}{\sqrt[n + 1]{e^{i j 2 \pi k}}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} \frac{1}{\sqrt[n + 1]{cos(j 2 \pi k) + i sin(j 2 \pi k)}} = \frac{1}{n +1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j}[/mm]Eingabefehler: "\left" und "\right" müssen immer paarweise auftreten, es wurde aber ein Teil ohne Entsprechung gefunden (siehe rote Markierung)
Eingabefehler: "\left" und "\right" müssen immer paarweise auftreten, es wurde aber ein Teil ohne Entsprechung gefunden (siehe rote Markierung)
Dein letztes Gleichheitszeichen ist falsch.
Letztendlich behauptest du ja durch deine Umformungsschritte: $e^{- i j \frac{2 \pi k}{n + 1}} = 1$ für beliebige $j,k,n$
Das stimmt natürlich nicht. Du befindest dich in $\IC$, da ist Wurzelziehen keine eindeutige Operation…
Der Beweis zur a) geht eigentlich viel schneller, wenn du die Norm-Definition mal sauber hinschreibst, wir haben nämlich (mal mit Quadraten um uns die Wurzeln zu sparen)
$ \vert \vert F_{n}(y) \vert\vert_{2}^2 = \sum_{k=0}^n \left| (F_{n} (y))_{k} \right|^2$
Aber nun gilt:
$\left| (F_{n} (y))_{k} \right|^2 = (F_{n} (y))_{k} \cdot \overline{(F_{n} (y))_{k}} = \left(\frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{- i j x_{k}}\right) \cdot \left( \frac{1}{n + 1} \sum\limits_{j = 0}^{n} y_{j} e^{i j x_{k}}\right) = \frac{1}{(n + 1)^2} \sum\limits_{j = 0}^{n} \left(y_j^2 + \sum_{m \not= j} y_jy_m\left(e^{-i(j-m)x_k} + e^{i(j-m)x_k}\right)\right)$
Beim letzten Gleichheitszeichen musst du dir klar machen, dass beim Produkt der Summen nur bei den Elemente mit demselben Index das $e^{i\varphi}$ gerade kürzt. Bei den Elementen mit gemischten Indizes erhalten wir denselben Term jeweils mit unterschiedlichem Vorzeichen im Exponenten.
Summieren wir das nun über alle Komponenten, so erhalten wir:
$ \vert \vert F_{n}(y) \vert\vert_{2}^2 = \sum_{k=0}^n \left| (F_{n} (y))_{k} \right|^2 = \frac{1}{n+1}\sum_{j=0}^{n}y_j^2 + \frac{1}{(n+1)^2} \sum_{k=0}^n \sum_{j=0}^{n} \sum_{m \not= j} y_jy_m\left(e^{-i(j-m)x_k} + e^{i(j-m)x_k}\right)\right)$
$= \left|\left|\frac{1}{\sqrt{n + 1}} y \right|\right|_2^2 + C$
mit $C = \frac{1}{(n+1)^2} \sum_{k=0}^n \sum_{j=0}^{n} \sum_{m \not= j} y_jy_m\left(e^{-i(j-m)x_k} + e^{i(j-m)x_k}\right)\right)$
Jetzt überlege dir mal, wie du zeigen kannst, dass $C = 0$ gilt.
Wenn du das verstanden hast, widmen wir uns der b)
Gruß,
Gono
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